高二数学下册综合测试题(附答案)[1]

逍遥右脑  2018-10-06 17:29

一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分.每小题中只有一项符合题目要求)

1.设东、西、南、北四面通往山顶的路各有2、3、3、4条路,只从一面上山,而从任意一面下山的走法最多,应( )

A.从东边上山 B.从西边上山

C.从南边上山D.从北边上山

答案 D

2.若一系列函数的解析式相同,值域相同,但其定义域不同,则称这些函数为“同族函数”,那么函数解析式为y=x2,值域为{1,4}的“同族函数”共有( )

A.7个B.8个

C.9个D.10个

答案 C

解析 由题意,问题的关键在于确定函数定义域的个数:第一步,先确定函数值1的原象:因为y=x2,当y=1时,x=1或x=-1,为此有三种情况:即{1},{-1},{1,-1};第二步,确定函数值4的原象,因为y=4时,x=2或x=-2,为此也有三种情况:{2},{-2},{2,-2}.由分步计数原理,得到:3×3=9个.选C.

3.5名学生相约第二天去春游,本着自愿的原则,规定任何人可以“去”或“不去”,则第二天可能出现的不同情况的种数为( )

A.CB.25

C.52D.A

答案 B

4.6个人分乘两辆不同的汽车,每辆车最多坐4人,则不同的乘车方法数为( )

A.40B.50

C.60D.70

答案 B

5.在航天员进行的一项太空实验中,先后要实施6个程序,其中程序A只能出现在第一步或最后一步,程序B和C实施时必须相邻,请问实验顺序的编排方法共有( )

A.24种B.48种

C.96种D.144种

答案 C

解析 当A出现在第一步时,再排A,B,C以外的三个程序,有A种,A与A,B,C以外的三个程序生成4个可以排列程序B、C的空档,此时共有AAA种排法;当A出现在最后一步时的排法与此相同,故共有2AAA=96种编排方法.

6.有甲、乙、丙三项任务,甲需2人承担,乙、丙各需1人承担,从10人中选派4人承担这三项任务,不同的选法有( )

A.2520B.2025

C.1260D.5040

答案 A

解析 先从10人中选出2人承担甲任务有C种选法,再从剩下的8人中选出2人分别承担乙、丙任务,有A种选法,由分步乘法计数原理共有CA=2520种不同的选法.故选A.

7.有5列火车停在某车站并行的5条轨道上,若快车A不能停在第3道上,货车B不能停在第1道上,则5列火车的停车方法共有( )

A.78种B.72种

C.120种D.96种

答案 A

解析 不考虑不能停靠的车道,5辆车共有5!=120种停法.

A停在3道上的停法:4!=24(种);B种停在1道上的停法:4!=24(种);

A、B分别停在3道、1道上的停法:3!=6(种).

故符合题意的停法:120-24-24+6=78(种).故选A.

8.已知(1+x)n=a0+a1x+a2x2+…+anxn,若a0+a1+a2+…+an=16,则自然数n等于( )

A.6B.5

C.4D.3

答案 C

解析 令x=1,得2n=16,则n=4.故选C.

9.6个人排队,其中甲、乙、丙3人两两不相邻的排法有( )

A.30种B.144种

C.5种D.4种

答案 B

解析 分两步完成:第一步,其余3人排列有A种排法;第二步,从4个可插空档中任选3个给甲、乙、丙3人站有A种插法.由分步乘法计数原理可知,一共有AA=144种.

10.已知8展开式中常数项为1120,其中实数a是常数,则展开式中各项系数的和是( )

A.28B.38

C.1或38D.1或28

答案 C

解析 Tr+1=(-a)rCx8-2r,令8-2r=0?r=4.

∴T5=C(-a)4=1120,∴a=±2.当a=2时,和为1;

当a=-2时,和为38.

11.有A、B、C、D、E、F共6个集装箱,准备用甲、乙、丙三辆卡车运送,每台卡车一次运两个,若卡车甲不能运A箱,卡车乙不能运B箱,此外无其他任何限制;要把这6个集装箱分配给这3台卡车运送,则不同的分配方案的种数为( )

A.168B.84

C.56D.42

答案 D

D

解析 分两类:①甲运B箱,有C·C·C种;②甲不运B箱,有C·C·C.

∴不同的分配方案共有C·C·C+C·C·C=42种.故选D.

12.从2名女教师和5名男教师中选出三位教师参加2018年高考某考场的监考工作.要求一女教师在室内流动监考,另外两位教师固定在室内监考,问不同的安排方案种数为( )

A.30B.180

C.630D.1080

答案 A

解析 分两类进行:第一类,在两名女教师中选出一名,从5名男教师中选出两名,且该女教师只能在室内流动监考,有C·C种选法;第二类,选两名女教师和一名男教师有C·C种选法,且再从选中的两名女教师中选一名作为室内流动监考人员,即有C·C·C共10种选法,∴共有C·C+C·C·C=30种,故选A.

二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分,把答案填在题中横线上)

13.已知(x+2)n的展开式中共有5项,则n=________,展开式中的常数项为________.(用数字作答)

答案 4 16

解析 ∵展开式共有5项,∴n=4,常数项为C24=16.

14.5个人排成一排,要求甲、乙两人之间至少有一人,则不同的排法有________种.

答案 72

解析 甲、乙两人之间至少有一人,就是甲、乙两人不相邻,则有A·A=72(种).

15.已知(x+1)6(ax-1)2的展开式中含x3项的系数是20,则a的值等于________.

答案 0或5

16.用数字2,3组成四位数,且数字2,3至少都出现一次,这样的四位数共有________个.(用数字作答)

答案 14

解析 因为四位数的每个数位上都有两种可能性,其中四个数字全是2或3的情况不合题意,所以适合题意的四位数有24-2=14个.

三、解答题(本大题共6小题,共70分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤)

17.(10分)某书店有11种杂志,2元1本的8种,1元1本的3种,小张用10元钱买杂志(每种至多买一本,10元钱刚好用完),求不同的买法有多少种(用数字作答).

解析 分两类:第一类,买5本2元的有C58种;第二类,买4本2元的和2本1元的有C48×C23种.故共有C58+C48×C23=266种不同的买法种数.

18.(12分)4个相同的红球和6个相同的白球放入袋中,现从袋中取出4个球;若取出的红球个数不少于白球个数,则有多少种不同的取法?

解析 依题意知,取出有4个球中至少有2个红球,可分三类:①取出的全是红球有C种方法;②取出的4个球中有3个红球的取法有CC;③取出的4个球中有2个红球的取法有CC种,由分类计数原理,共有C+C·C+C·C=115(种).

19.(12分)从1到6的六个数字中取两个偶数和两个奇数组成没有重复数字的四位数.试问:

(1)能组成多少个不同的四位数?

(2)四位数中,两个偶数排在一起的有几个?

(3)两个偶数不相邻的四位数有几个?(所有结果均用数值表示)

解析 (1)四位数共有CCA=216个.

(2)上述四位数中,偶数排在一起的有CCAA=108个.

(3)两个偶数不相邻的四位数有CCAA=108个.

20.(12分)已知(1+2)n的展开式中,某一项的系数恰好是它的前一项系数的2倍,而且是它的后一项系数的,试求展开式中二项式系数最大的项.

解析 由题意知展开式中第k+1项系数是第k项系数的2倍,是第k+2项系数的,

∴解得n=7.

∴展开式中二项式系数最大两项是:

T4=C(2)3=280x与T5=C(2)4=560x2.

21.(12分)某单位有三个科室,为实现减负增效,每科室抽调2人,去参加再就业培训,培训后这6人中有2人返回原单位,但不回到原科室工作,且每科室至多安排1人,问共有多少种不同的安排方法?

解析 6人中有2人返回原单位,可分两类:

(1)2人来自同科室:CC=6种;

(2)2人来自不同科室:CCC,然后2人分别回到科室,但不回原科室有3种方法,故有CCC·3=36种.

由分类计数原理共有6+36=42种方法.

22.(12分)10件不同厂生产的同类产品:

(1)在商品评选会上,有2件商品不能参加评选,要选出4件商品,并排定选出的4件商品的名次,有多少种不同的选

法?

(2)若要选6件商品放在不同的位置上陈列,且必须将获金质奖章的两件商品放上,有多少种不同的布置方法?

解析 (1)10件商品,除去不能参加评选的2件商品,剩下8件,从中选出4件进行排列,有A=1680(或C·A)(种).

(2)分步完成.先将获金质奖章的两件商品布置在6个位置中的两个位置上,有A种方法,再从剩下的8件商品中选出4件,布置在剩下的4个位置上,有A种方法,共有A·A=50400(或C·A)(种).


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