逍遥右脑 2016-04-10 09:13
化学中存在着化学变化和物理变化两种变化形式，以下是2016届天津南开中学高三化学模拟试卷，请考生及时练习。
一、选择题(每小题有1个正确答案，每小题3分，共45分)
1.下列有机物可以形成顺反异构的是( )
A.丙烯 B.1?氯?1?丙烯
C.2?甲基?2?丁烯 D.2，3?二甲基?2?丁烯
【考点】常见有机化合物的结构.
【专题】有机化学基础.
【分析】根据存在顺反异构体的条件：(1)分子中至少有一个键不能自由旋转(否则将变成另外一种分子);(2)双键上同一碳上不能有相同的基团;
【解答】解：A.丙烯中两个氢连在同一个双键碳上，故A错误;
B.1?丙烯双键上同一碳上连不相同的基团：氯原子和氢原子或氢原子和甲基，故B正确;
C.2?甲基?2?丁烯同一碳上连相同的基团：甲基，故C错误;
D.2，3?二甲基?2?丁烯同一碳上连相同的基团：甲基，故D错误;
故选B;
【点评】本题考查有机物的同分异构体，题目难度中等，注意把握顺反异构的结构要求.
2.相同质量的下列各组混合气体完全燃烧，比等质量的乙烯耗氧量多的是( )
A.甲烷和丙烯 B.丙烯和丁烯 C.环丙烷与丙烯 D.丙烯与丙炔
【考点】化学方程式的有关计算;有关混合物反应的计算.
【分析】由C～O2～CO2，4H～O2～2H2O进行比较，消耗1molO2，需要12gC，而消耗1molO2，需要4gH，可知有机物含氢量越大，等质量时消耗的O2越多，以此进行比较;
【解答】解：乙烯的结构简式为CH2=CH2，最简式为CH2，
A.甲烷为CH4，含氢量比乙烯高，丙烯的最简式为CH2，含氢量与乙烯相等，所以甲烷和丙烯混合气体中含氢量比乙烯高，等质量时消耗的O2多，故A正确;
B.丙烯和丁烯的分子式分别为：C3H6、C4H8，最简式都是CH2，含氢量与乙烯相同，等质量时消耗的O2一样多，故B错误;
C.环丙烷与丙烯的分子式分别为：C3H6、C4H8，最简式都是CH2，含氢量与乙烯相同，等质量时消耗的O2一样多，故C错误;
D.丙烯的分子式为C4H8，最简式为CH2，含氢量与乙烯相同，丙炔的分子式为C3H4，最简式为，含氢量与乙烯小，所以丙烯与丙炔混合气体中含氢量比乙烯低，等质量时消耗的O2少，故D错误;
故选A.
【点评】本题考查有机物燃烧的有关计算，掌握C元素和氢元素含量对消耗氧气的影响是解答关键，题目难度中等.
3.根据下列物质的名称，就能确认是纯净物的是( )
A.溴乙烷 B.二溴乙烷 C.已烯 D.二甲苯
【考点】同分异构现象和同分异构体.
【专题】同系物和同分异构体.
【分析】纯净物是由一种物质组成的，混合物是由两种或两种以上物质组成的，若选项中有机物不存在同分异构体，则该有机物为纯净物，否则为混合物，据此进行判断.
【解答】解：A.乙烷分子中所有氢原子都等效，则溴乙烷不存在同分异构体，所以溴乙烷为纯净物，故A正确;
B.二溴乙烷中存在两种同分异构体，所以二溴乙烷为混合物，故B错误;
C.己烯存在多种同分异构体，如1?己烯、2?己烯等，所以己烯不一定为纯净物，故C错误;
D.二甲苯存在邻、间、对三种同分异构体，所以二甲苯不一定为纯净物，故D错误;
故选A.
【点评】本题考查了同分异构体、纯净物与混合物的判断，题目难度不大，注意掌握纯净物与混合物的区别，明确含有同分异构体的有机物为混合物，不存在同分异构体的有机物为纯净物.
4.能够鉴定氯乙烷中氯元素的存在的操作是( )
A.在氯乙烷中直接加入AgNO3溶液
B.加蒸馏水，充分搅拌后，加入AgNO3溶液
C.加入NaOH溶液，加热，然后加入AgNO3溶液
D.加入热的NaOH醇溶液，充分反应后，加入稀硝酸酸化，再加入AgNO3溶液
【考点】物质的检验和鉴别的基本方法选择及应用;有机物的鉴别.
【分析】检验氯乙烷中氯元素先使氯乙烷中的氯原子变为氯离子，氯乙烷可以在氢氧化钠水溶液中水解生成氯离子，也可以在氢氧化钠醇溶液中发生消去反应生成氯离子，最后加入硝酸酸化，加入硝酸银，观察是否有白色沉淀生成，以此解答.
【解答】解：A.在氯乙烷中直接加入AgNO3溶液，不发生反应，不能鉴别，故A错误;
B.在氯乙烷中加蒸馏水，然后加入AgNO3溶液，不发生反应，不能鉴别，故B错误;
C.加入NaOH溶液，加热，发生水解，然后加入AgNO3溶液，因没有酸化，不能排出AgOH的干扰，故C错误;
D.在氯乙烷中加入NaOH溶液，加热，发生水解生成NaCl，冷却后酸化，然后加入AgNO3溶液，生成白色沉淀可鉴别，故D正确;
故选D.
【点评】本题考查氯代烃中的元素的检验，为基础性习题，把握卤代烃的水解、消去反应为解答的关键，注意必须先加稀硝酸酸化，再根据是否产生白色沉淀来确定是否存在氯元素，题目难度不大.
5.某烃结构式如下：?CC?CH=CH?CH3，有关其结构说法正确的是( )
A.所有原子可能在同一平面上
B.所有原子可能在同一条直线上
C.所有碳原子可能在同一平面上
D.所有氢原子可能在同一平面上
【考点】有机物的结构式.
【专题】有机物分子组成通式的应用规律.
【分析】根据共面结构的基本物质：乙烯、苯环等的结构来回答.
【解答】解：有机物?CC?CH=CH?CH3中，具有苯环、乙烯的共面结构以及乙炔的共线结构，所以苯环的6个碳原子一定共面，具有乙烯结构的后4个碳原子一定共面，具有乙炔结构的两个碳原子(倒数第四个和倒数第五个)一定共线，所有的碳原子可以共面.
故选C.
【点评】本题考查学生有机物的基本结构知识，属于基本知识题目，难度不大，可以根据所学知识来回答.
6.某气态烃A，1mol能与2mol HCl完全加成生成B，B上的氢原子被Cl原子完全取代需要8mol Cl2，则A可能是( )
A.丙炔 B.2?丁炔 C.2?丁烯 D.2?甲基丙烯
【考点】有关有机物分子式确定的计算.
【专题】有机物分子组成通式的应用规律.
【分析】某气态烃A，1mol能与2molHCl完全加成生成B，则气态烃A的组成为CnH2n?2，B上的氢原子被Cl原子完全取代需要8molCl2，则B分子中含有8个H原子，故A中含有6个H原子，计算n的值，然后确定分子式.
【解答】解：1mol该烃能与2molHCl完全加成生成B，则该气态烃中含有碳碳三键或两个碳碳双键，气态烃A的组成为CnH2n?2;B上的氢原子被Cl原子完全取代需要8molCl2，则B分子中含有8个H原子，故A中含有6个H原子，即：2n?2=6，解得：n=4，
所以该气态烃A的分子式为C4H6，
A.丙炔的分子式为C3H4，不符合条件，故A错误;
B.2?丁炔的分子式为C4H6，符号条件，故B正确;
C.2?丁烯的分子式为C4H8，故C错误;
D.2?甲基丙烯的分子式为C4H8，不符合条件，故D错误;
故选B.
【点评】本题考查有机物分子式的确定，题目难度中等，明确加成反应与取代反应的原理为解题的关键，试题培养学生灵活应用基础知识的能力.
7.以下物质：(1)甲烷(2)苯(3)聚乙烯(4)聚乙炔(5)2丁炔(6)环己烷(7)邻二甲苯(8)苯乙烯.既能使KMnO4酸性溶液褪色，又能使溴水因发生化学反应而褪色的是( )
A.(3)(4)(5)(8) B.(4)(5)(7)(8) C.(4)(5)(8) D.(3)(4)(5)(7)(8)
【考点】甲烷的化学性质;乙烯的化学性质;苯的同系物.
【专题】有机物的化学性质及推断.
【分析】(1)甲烷属于饱和烃，不能使KMnO4酸性溶液褪色，不能使溴水褪色.
(2)苯不能使KMnO4酸性溶液褪色，苯萃取溴使溴水褪色.
(3)聚乙烯不含碳碳双键.
(4)聚乙炔含有碳碳双键，具有烯烃的性质，能被酸性高锰酸钾氧化，能与溴发生加成反应.
(5)2?丁炔含有碳碳三键，具有炔烃的性质，能被酸性高锰酸钾氧化，能与溴发生加成反应.
(6)环己烷属于环烷烃，具有烷烃的性质.
(7)邻二甲苯，连接苯环的碳原子上含有氢原子，可以被酸性高锰酸钾氧化，不能与溴水反应.
(8)苯乙烯，含有碳碳双键能被酸性高锰酸钾氧化，能与溴发生加成反应.
【解答】解：(1)甲烷属于饱和烃，不能使KMnO4酸性溶液褪色，不能使溴水褪色，故(1)不符合;
(2)苯不能使KMnO4酸性溶液褪色，苯使溴水褪色不是发生反应，是苯萃取溴水中的溴使溴水褪色，故(2)不符合;
(3)聚乙烯不含碳碳双键，不能使KMnO4酸性溶液褪色，不能使溴水褪色，故(3)不符合;
(4)聚乙炔含有碳碳双键，能被酸性高锰酸钾氧化，使酸性高锰酸钾褪色，能与溴发生加成反应使溴水褪色，故(4)符合;
(5)2?丁炔含有碳碳三键，能被酸性高锰酸钾氧化，使酸性高锰酸钾褪色，能与溴发生加成反应使溴水褪色，故(5)符合;
(6)环己烷属于环烷烃，具有烷烃的性质，不能使KMnO4酸性溶液褪色，不能使溴水褪色，故(6)不符合;
(7)邻二甲苯，连接苯环的碳原子上含有氢原子，可以被酸性高锰酸钾氧化，使酸性高锰酸钾褪色，溶解溴使溴水褪色，故(7)不符合;
(8)苯乙烯含有碳碳双键，能被酸性高锰酸钾氧化，使酸性高锰酸钾褪色，能与溴发生加成反应使溴水褪色，故(8)符合.
故(4)(5)(8).
故选：C.
【点评】主要考查烃的结构与性质，难度不大，注意基础知识的掌握与理解.
8.某液态烃，它不跟溴水反应，但能使KMnO4酸性溶液褪色.将其0.5mol完全燃烧生成的CO2通入含5mol NaOH的溶液中，所得碳酸钠和碳酸氢钠的物质的量之比为1：3.则该烃可能是( )
A.1?丁烯 B.甲苯
C.1，3?二甲苯 D.2?甲基?3?乙基?2?戊烯
【考点】有关有机物分子式确定的计算.
【分析】某液态烃，它不跟溴水反应，但能使KMnO4酸性溶液褪色，则可能为芳香烃，根据钠原子守恒计算出碳酸钠、碳酸氢钠的物质的量，再根据C原子守恒计算出生成二氧化碳的物质的量，然后根据烃的物质的量、二氧化碳的物质的量可确定该烃的分子式、结构简式.
【解答】解：设Na2CO3物质的量为xmol，NaHCO3物质的量为3xmol，
由Na元素守恒得：2x+3x=5 mol，
x=1 mol，
由C元素守恒得：n(CO2)=1mol+3mol=4mol，
CnH2n+2～nCO2
1 n
0.5 mol 4 mol
n=8，
它不跟溴水反应，但能使KMnO4酸性溶液褪色，则可能为芳香烃，则只有C符合.
故选C.
【点评】本题考查烃的分子式的确定，为高频考点，侧重于学生的分析、计算能力的考查，题目难度不大，注意掌握确定有机物分子式、结构简式的方法，本题注意有机物的性质.
9.分子式为C10H14的苯的同系物，其苯环上有4个甲基，符合条件的结构有( )
A.2种 B.3种 C.4种 D.5种
【考点】同分异构现象和同分异构体.
【专题】同系物和同分异构体.
【分析】分子式为C10H14的有机物为苯的同系物，分子中含有一个苯环，剩余的4个C原子形成了4个甲基，该有机物为四甲基苯，苯的同系物中，含有4个甲基的四甲基苯的同分异构体与含有2个甲基的二甲苯的同分异构体数目相同，都有3种.
【解答】解：分子式为C10H14的苯的同系物，其苯环上有4个甲基，说明该有机物为四个甲基取代了苯环上的4个H形成的，即该有机物为四甲苯，含有4个甲基的四甲苯与含有2个甲基的二甲苯，它们属于苯的同系物的同分异构体数目相同，都含有3种同分异构体，
故选B.
【点评】本题考查了同分异构体数目的求算，题目难度不大，注意掌握常见有机物的同分异构体数目的求算方法，明确二甲苯和四甲苯中，侧链都是甲基且属于苯的同系物的同分异构体数目相同.
10.某温度和压强下，将4g由三种炔烃组成的混合气体与足量的氢气反应，充分加成后，生成4.4g三种对应的烷烃，则所得烷烃中一定有( )
A.异丁烷 B.乙烷 C.丙烷 D.丁烷
【考点】乙炔炔烃;有关混合物反应的计算.
【专题】有机物分子组成通式的应用规律.
【分析】一定条件下三种炔烃组成的混合气体4.0g，与足量的氢气充分加成后可生成4.4g烷烃，则需氢气的质量为4.4g?4.0g=0.4g，n(H2)==0.2mol，结合n(炔烃)～2n(H2)计算.
【解答】解：一定条件下三种炔烃组成的混合气体4g，与足量的氢气充分加成后可生成4.4g烷烃，
则需氢气的质量为4.4g?4g=0.4g，
n(H2)==0.2mol，
已知n(炔烃)～2n(H2)，
则炔烃的物质的量为0.1mol，
所以(炔烃)==40g/mol，
则混合物中一定含有相对分子质量小于40的炔烃，
则一定含有乙炔，加成后可生成乙烷，
故选B.
【点评】本题考查混合物的计算，侧重于有机物分子式的确定，注意根据有机物质量关系确定参加反应的氢气的质量，结合反应的关系式计算.
11.下列各组试剂中，能用溴水加以鉴别的是( )
A.CH4与C3H8 B.苯与己烯 C.己烷与苯 D.苯与甲苯
【考点】有机物的鉴别.
【分析】能用溴水鉴别的有机物，可利用有机物的水溶性和密度大小，以及有机物含有不饱和键，可与溴发生加成反应的性质鉴别.
【解答】解：A.CH4与C3H8都为烷烃，与溴水不反应，不能鉴别，故A错误;
B.己烯与溴发生加成反应，苯不反应，可鉴别，故B正确;
C.己烷与苯与溴水不反应，且密度都比水小，不能鉴别，故C错误;
D.苯与甲苯与溴水不反应，且密度都比水小，不能鉴别，故D错误.
故选B.
【点评】本题考查有机物的鉴别，题目难度不大，注意把握有机物的性质的异同，为解答该题的关键，学习中注意相关知识的积累.
12.下列说法中正确的是( )
A.实验室制乙炔时用启普发生器得到的气体再用硫酸铜溶液除杂即可得到纯净的乙炔
B.实验室制得的乙炔气体直接通入酸性高锰酸钾溶液后，若紫色褪去则能证明乙炔中含有不饱和键可以被氧化剂氧化
C.芳香烃即可从石油的催化重整得到，也可从煤中直接分离得到
D.通过石油分馏得到的脂肪烃依然是混合物
【考点】化学实验方案的评价;物质的分离、提纯和除杂.
【分析】A.实验室不能用启普发生器制取乙炔气体;
B.生成的乙炔中含有硫化氢等还原性气体;
C.石油的催化重整能得到小分子的烷烃及烯烃;
D.石油分馏得到的脂肪烃是多种烃的混合物.
【解答】解：A.此反应大量放热，生成的氢氧化钙是糊状物，反应很剧烈，应选用分液漏斗，以便控制水的流速，故实验室不能用启普发生器制取乙炔气体，应用分液漏斗和平底烧瓶，故A错误;
B.生成的乙炔中含有硫化氢等还原性气体，硫化氢也能使酸性高锰酸钾溶液氧化而使酸性高锰酸钾溶液褪色，故B错误;
C.石油的催化重整能得到小分子的烷烃及烯烃，不能得到芳香烃，故C错误;
D.分馏石油得到的各个馏分为烃类物质的混合物，故D正确;
故选D.
【点评】本题考查化学实验方案评价，为高频考点，涉及仪器选取、物质检验、石油分馏及催化重整等知识点，明确实验原理及仪器作用是解本题关键，易错选项是B.
13.丙烷高温裂解生成甲烷和乙烯两种物质.现取丙烷裂解混和物1L充分燃烧后生成相同状况下的二氧化碳为2.25L，则丙烷裂解的百分率是( )
A.20% B.33.3% C.50% D.75%
【考点】石油的裂化和裂解;化学方程式的有关计算.
【分析】设丙烷体积为YL，其中有X L的丙烷分解，依据丙烷分解方程式，列出三段式，依据碳原子个数守恒及燃烧得到二氧化碳关系计算解答.
【解答】解：设共有C3H8 Y L，其中有X L的C3H8分解，
C3H8CH4 +C2H4
起始时 Y 0 0
转化量 X X X
终止时 Y?X X X
分解后气体共1L，即Y?X+X+X=1，X+Y=1，故Y=1?X
分解后气体1L中 有 Y?X=1?2X L的C3H8 X L的CH4 XL的C2H4
依据碳原子守恒可知：1?2X L的C3H8生成的CO2有 3(1?2X)，
CH4生成的CO2有 XL，
C2H4生成的CO2有 2X L
所以：3?6X+2X+X=2.25
解得X=0.25，所以原来丙烷有1?2X+X=0.75L，分解的丙烷就是0.25升，
丙烷的分解率就是100%=33.3%;
故选B.
【点评】本题考查了有关方程式的计算，明确丙烷分解的方程式结合碳原子个数守恒即可解答，题目难度不大.
14.有4种有机物：
①②③ ④CH3?CH=CH?CN
其中可用于合成结构简式为的高分子材料的正确组合为( )
A.①③④ B.①②③ C.①②④ D.②③④
【考点】有机物的合成.
【专题】有机化合物的获得与应用.
【分析】因为加聚反应前后，单体和高聚物的组成是一致的，所以我们用代入法，把各单体的分子相加，如果和高聚物的分子式一致，那么就是正确答案.
【解答】解：根据所给高聚物的结构简式和加聚反应原理可知主链上碳原子为不饱和碳原子，根据碳的4个价键规则可作如下的断键处理 ( 断键处用虚线表示 ) ，断键后两半键闭合可得由高聚物的单体为CH3?CH=CH?CN、和，
故选D.
【点评】本题主要考查不饱和烃加聚反应的规律，设计单体的判断，题目难度不大，本题注意单体与高聚物的判断方法，学习中注意把握方程式的书写.
15.从烷烃(CnH2n+2)，烯烃(CnH2n)，二烯烃(CnH2n?2)的通式分析，得出碳氢原子的个数与分子中所含双键有一定关系，某种烃的分子式为CxHy，其中所含双键数目为( )
A. B. C. D.
【考点】有机化合物中碳的成键特征.
【专题】有机物分子组成通式的应用规律.
【分析】烷烃(CnH2n+2)分子中不含共价键，烯烃(CnH2n)分子中含有1个双键，比烷烃少2个氢原子，二烯烃(CnH2n?2)分子中含有2个双键，二烯烃的通式比烷烃的通式少4个氢原子，由此得出烃的分子式中与烷烃相比，少的氢原子个数除以2即得双键数目.
【解答】解：与CxHy碳原子个数相同的烷烃的分子式为CxH2x+2，CxHy与CxH2x+2相比，减少的氢原子个数为2x+2?y，每少2个氢原子就多一个双键，所以CxHy含有的双键个数=，
故选D.
【点评】本题考查了有机化合物中的成键情况，能明确烃的分子式与烷烃相比缺少的氢原子个数与双键的关系是解本题的关键，难度不大.
二、填空题(共55分)
16.有相对分子质量为58的几种有机物，试写出符合条件的有机物的结构简式：
(1)若该有机物为烃，则可能的结构简式为：CH3CH2CH2CH3、CH3CH(CH3)CH3.
(2)若该有机物是一种饱和一元醛，则其结构简式为：CH3CH2CHO.
(3)若该有机物1mol能与足量银氨溶液作用可析出4molAg，则有机物的结构简式为：OHC?CHO.
(4)若该有机物能与金属钠反应，又能使溴的四氯化碳溶液褪色，则该有机物可能是：CH2=CHCH2OH.(注羟基连在双键碳上的有机物极不稳定)
【考点】有机物的推断.
【专题】有机物分子组成通式的应用规律.
【分析】(1)某有机物的相对分子质量为58，只由碳、氢两元素组成，根据商余法=42，所以分子为C4H10，然后写出结构简式;
(2)若该有机物是一种饱和一元醛，设饱和一元醛的通式为CnH2nO，结合相对分子质量计算确定有机物分子式，进而书写可能的结构简式;
(3)lmol该有机物与足量的银氨溶液作用可析出4molAg，可知有机物为甲醛或1个有机物中含有2个醛基，再结合相对分子质量来确定分子式和结构简式;
(4)若该有机物能与金属钠反应，说明含有羟基或羧基，又能使溴的四氯化碳溶液褪色，说明含有碳碳双键，其相对分子质量是58，所以该有机物中不含羧基，含有羟基，再结合相对分子质量判断其结构简式.
【解答】解：(1)因某有机物的相对分子质量为58，只由碳、氢两元素组成，根据商余法=42，所以分子为C4H10，结构简式为：CH3CH2CH2CH3、CH3CH(CH3)CH3，故答案为：CH3CH2CH2CH3、CH3CH(CH3)CH3;
(2)若该有机物是一种饱和一元醛，且分子量是58，设饱和一元醛的通式为CnH2nO，则14n+16=58，解得n=3，则该有机物的结构简式为：CH3CH2CHO，故答案为：CH3CH2CHO;
(3)lmol该有机物与足量的银氨溶液作用，可析出4molAg，可知有机物为甲醛或1个有机物中含有2个醛基，相对分子质量为M=58，不可能为甲醛，分子式为C2H2O2，结构简式为OHC?CHO，故答案为：OHC?CHO;
(4)若该有机物能与金属钠反应，说明含有羟基或羧基，又能使溴的四氯化碳溶液褪色，说明含有碳碳双键，其相对分子质量是58，所以该有机物中不含羧基，含有羟基，则该有机物的结构简式为：CH2=CH?CH2OH，故答案为：CH2=CHCH2OH.
【点评】本题考查有机物推断、限制条件同分异构体的书写，难度中等，注意掌握官能团的性质、同分异构体书写以及利用余商法计算确定有机物分子式.
17.某化学课外小组用如图装置制取溴苯.
先向分液漏斗中加入苯和液溴，再将混合液慢慢滴入反应器A(A下端活塞关闭)中.
(1)写出A中反应的化学方程式C6H6+Br2C6H5Br+HBr.
(2)观察到A中的现象是反应液微沸有红棕色气体充满A容器.
(3)实验结束时，打开A下端的活塞，让反应液流入B中，充分振荡，目的是除去溶于溴苯中的溴，便于观察溴苯的颜色，写出有关的化学方程式Br2+2NaOH?NaBr+NaBrO+H2O.
(4)C中盛放CCl4的作用是除去溴化氢气体中的溴蒸气.能证明苯和液溴发生的是取代反应，而不是加成反应，可向试管D中加入AgNO3溶液，若产生淡黄色沉淀，则能证明.另一种验证的方法是向试管D中加入石蕊试液，现象是溶液变红色.
【考点】制备实验方案的设计.
【分析】(1)苯与溴在溴化铁作用下发生取代反应;
(2)溴与铁反应生成溴化铁，消耗溴，颜色变浅;
(3)溴能与氢氧化钠反应而溴苯不能;
(4)溴化氢气体中混有溴蒸气;如果苯和液溴发生的是取代反应，则有HBr生成，如果发生的是加成反应，则无HBr生成.
【解答】解：(1)苯与溴在溴化铁作用下发生取代反应，反应方程式为：C6H6+Br2C6H5Br+HBr;
故答案为：C6H6+Br2C6H5Br+HBr;
(2)溴与铁反应生成溴化铁，反应现象为：反应液微沸有红棕色气体充满A容器，
故答案为：反应液微沸有红棕色气体充满A容器;
(3)溴单质能与氢氧化钠溶液反应而溴苯不能，反应方程式：Br2+2NaOH?NaBr+NaBrO+H2O;
故答案为：除去溶于溴苯中的溴，便于观察溴苯的颜色;Br2+2NaOH?NaBr+NaBrO+H2O;
(4)CCl4 能溶解溴不能溶解溴化氢，四氯化碳能除去溴化氢气体中的溴蒸气;如果苯和液溴发生的是取代反应，则有HBr生成，如果发生的是加成反应，则无HBr生成.也就是说，如果要证明苯和液溴发生的是取代反应，而不是加成反应，只需检验有无HBr生成，溴化氢与硝酸银反应生成溴化银淡黄色沉淀或在D中加入石蕊试液，若变红则发生取代反应，
故答案为：除去溴化氢气体中的溴蒸气;石蕊试液;溶液变红色.
【点评】本题考查苯与溴的取得反应，侧重于学生的分析能力和实验能力的考查，把握实验的原理和方法是解答该题的关键，难度不大.
18.(25分)据报导，目前我国结核病的发病率有抬头的趋势.抑制结核杆菌的药物除雷米封外，PAS?Na(对氨基水杨酸钠)也是其中一种.它与雷米封可同时服用，可以产生协同作用.已知：
①(苯胺、弱碱性、易氧化)
②
下面是PAS?Na的一种合成路线(部分反应的条件未注明)：
按要求回答问题：
(1)写出下列反应的化学方程式并配平
A
BC7H6BrNO2：;
(2)写出下列物质的结构简式：C：D：;
(3)指出反应类型：I取代反应，II氧化反应;
(4)指出所加试剂名称：X酸性高锰酸钾溶液，YNaHCO3溶液.
【考点】有机物的推断.
【专题】有机物的化学性质及推断.
【分析】由对氨基水杨酸钠的结构可知A应为，与浓硝酸，在浓硫酸、加热条件下发生硝化反应生成B，由对氨基水杨酸钠中氨基与?COONa的位置可知，A发生甲基对位取代生成B，则B为，B与溴在Fe作催化剂条件下发生取代反应生成C，由对氨基水杨酸钠的结构可知，应发生甲基的邻位取代，故C7H6BrNO2的结构简式为，由于酚羟基、氨基易被氧化，故生成C的反应应为氧化反应，被酸性高锰酸钾氧化生成C，则C为，C在碱性条件下水解生成D为，D在Fe、HCl、水条件下发生还原生成E，则E为，E与碳酸氢钠反应生成氨基水杨酸钠，以此解答该题.
【解答】解：由对氨基水杨酸钠的结构可知A应为，与浓硝酸，在浓硫酸、加热条件下发生硝化反应生成B，由对氨基水杨酸钠中氨基与?COONa的位置可知，A发生甲基对位取代生成B，则B为，B与溴在Fe作催化剂条件下发生取代反应生成C，由对氨基水杨酸钠的结构可知，应发生甲基的邻位取代，故C7H6BrNO2的结构简式为，由于酚羟基、氨基易被氧化，故生成C的反应应为氧化反应，被酸性高锰酸钾氧化生成C，则C为，C在碱性条件下水解生成D为，D在Fe、HCl、水条件下发生还原生成E，则E为，E与碳酸氢钠反应生成氨基水杨酸钠，
(1)AB的反应方程式为：;
BC7H6BrNO2的反应方程式为：，
故答案为：;;
(2)由上述分析可知，C的结构简式为，D的结构简式为，
故答案为：;;
(3)反应I是发生取代反应生成，反应II是被酸性高锰酸钾氧化生成，故答案为：取代反应;氧化反应;
(4)上述分析可知，试剂X为酸性高锰酸钾溶液;试剂Y为NaHCO3溶液，故答案为：酸性高锰酸钾溶液;NaHCO3溶液.
【点评】本题考查有机物的推断，题目难度中等，注意①?COOH由?CH3氧化而来，②?NH2由?NO2还原而得，故第一步反应?NO2引入到?CH3的对位上，③?OH由?X水解得，故第二步反应?Br引入到?CH3的邻位上，答题时注意体会.
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