逍遥右脑 2014-09-06 10:03
东莞市2013-2014学年第一学期高三调研测试物理试题13.如图所示，某同学通过滑轮组将一重物缓慢吊起的过程中，该同学对绳的拉力将（滑轮与绳的重力及摩擦均不计）A.越来越小 B.越来越大C.先变大后变小 D.先变小后变大14.下列关于力的说法正确的是A.失重就是物体受了重力减小了B.作用力和反作用力作用在不同的物体上C.在弹性限度内，弹簧的弹力跟弹簧的长度成正比D.物理所受合外力越大，加速度越大，速度也越大15.如图所示，甲、乙、丙、丁是以时间为轴的匀变速直线运动的图像，下列说法正确的 甲 乙 丙 丁A．甲是a—t图像 B．乙是x—t图像 C．丙是x—t图像 D．丁是V—t图像16．如图甲所示电路,电阻R的阻值为50Ω，在ab间加上图乙所示的正弦交流电，则下面说法中错误的是A．交流电压的有效值为100VB．电流表示数为2AC．该交流电流的周期为0.01sD．如果产生该交流电的线圈的转速提高 一倍，则电流表的示数也增大一倍17．如图所示，若粒子（不计重力）能在图中所示的磁场区域内做匀速圆周运动，则可以判断A．粒子在运动过程中机械能不变B．如粒子带正电，则粒子做顺时针运动C．在其他量不变的情况下，粒子速度越大，运动周期越大D．在其他量不变的情况下，粒子速度越大，圆周运动半径越大18．在点电荷Q形成的电场中，一个粒子（核）通过时的轨迹如图实线所示，a、b为两个等势面，则下列判断中正确的是A．Q为正电荷B．运动中粒子总是克服电场力做功C．粒子经过两等势面的动能D．粒子经过两等势面的电势能19．由于某种原因，人造地球卫星的轨道半径减小了，那么A．卫星受到的万有引力增大，线速度减小B．卫星的向心加速度增大，周期减小C．卫星的动能、重力势能和机械能都减小D．卫星的动能增大，重力势能减小，机械能减小20．如图所示为“研究电磁感应现象”的实验装置。如果在闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上电键后A．将原线圈迅速插入副线圈时，电流表指针向右偏转一下B．将原线圈插入副线圈后，电流表指针仍一直偏左零点右侧C．将原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，电流计指针向左偏转一下D．将原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，电流计指针向右偏转一下21．如图所示，平行金属导轨MN和PQ，他们的电阻可以忽略不计，在M和P之间接有阻值为R=3.0Ω的定值电阻，导体棒ab长l=0.5m，其电阻不计，且与导轨接触良好，整个装置处于方向竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度B=0.4T，现使ab以v=10m/s的速度向右做匀速运动，则以下判断正确的是A．导体棒ab中的感应电动势E=2.0vB．电路中的电流I=0.5AC．导体棒ab所受安培力方向向右D．导体棒ab所受合力做功为零34.（18分）（1）某同学在测量物块做匀减速直线运动时，利用打点计时器得到了如图所示的纸带，纸带上每相邻计数点间还有4个计时点未标出，打点计时器所用的交流电频率为50Hz，忽略纸带所受的阻力。①由此可判断纸带的 （“左端”或“右端”）与物块连接。根据纸带提供的数据可计算打点计时器在打下A点和B点时物块的速度，其中VA= m/s。（结果保留两位有效数字）②从图示纸带不能得到的物理量是 。A．木块运动的加速度a B．A、B间的平均速度C．物块质量m D．A、B对应的运动时间t③如要测量在AB段合外力对物块所做的功WAB，还需要提供的实验器材是 。A．秒表 B．天平 C．弹簧 （2）某物理兴趣小组通过查阅资料知道将锌、铜两电极插入水果中，其“水果电池”电动势会有1V多一点，甲同学找来了一个柠檬做实验，用量程为0～3V、内阻约50kΩ的电压表测其两极时读数为0.96V，但当他将四个这样的电池串起来给标称值为“3V 0.5A”的小灯泡供电时，灯泡并不发光，检查灯泡、线路均无故障，这是因为“柠檬电池”的内阻较大的原因。①乙同学用内阻约为500Ω的灵敏电流表直接连“柠檬电池”的两极，测得电流为0.32mA，根据前茅电压表测得的0.96V电压，估算出“柠檬电池”的内组值约为 。 ②为了更准确测定一个“柠檬电池”的电动势和内阻，实验室提供了一下一些器材可供选择：A．灵敏电流表A1（量程0～0.6mA，内阻为800Ω）B．灵敏电流表A2（量程0～250μA，内阻未知）C．滑动变阻器R（最大阻值约10Ω）D．变阻箱（0～9999Ω）E．开关s和导线若干为了尽可能准确测定“柠檬电池”的电动势和内阻，实验中除了带有锌、铜两极的水果电池外，还应选择的器材是 （填器材前的字母代号）35．（18分）如图所示，有一质量为m=10-4kg，带电量q=10-3C的小球，从横截面为正方形的水平长方体的D点沿方向以v0=5m/s速度飞入，恰好从C点飞出，正长方体空间的边长分别是L、L和5L。（取g=10m/s2）（1）求长方体底边L的大小（2）如给长方体这一空间区域（含边界在内）加一竖直向上的匀强电场E，以保证小球沿做匀速直线运动飞出，求E的大小（3）如保留电场E，再给长方体这一空间区域（含边界在内）加竖直方向的磁场，使小球从空间点飞出，求磁场的磁感应强度B36．（18分）如图，半径R=0.8m的四分之一圆弧形光滑轨道竖直放置，圆弧最低点D与长为L=6m的水平面相切于D点，质量M=1.0kg的小滑块A从圆弧顶点C由静止释放，到达最低点后，与D点右侧m=0.5kg的静止物块B相碰，碰后A的速度变为vA=2.0m/s，仍向右运动。已知两物块与水平面的动摩擦因素均为μ=0.1，若B与E处的竖直挡板相碰没有机械能损失，取g=10m/s2，求：（1）滑块A刚到达圆弧的最低点D时对圆弧的压力（2）滑块B被碰后瞬间的速度（3）讨论两滑块是否能发生第二次碰撞参考答案一、单选题题号13141516选项BBCC二、双选题题号1718192021选项ADACBDACAD三、实验题34． （1）①右端 （分） 0.72 （分） ② C （3分） B （3分）（2） ①2660（3分） ②A、D、E（3分） 电路图如图示（3分）35．（18分）解析: (1)小球从D点飞入，从C?点飞出，小球只受重力，可知小球做平抛运动，由： ……（2分） ② ……（2分） 得 L=0.2m ……（1分）(2)小球处于受力平衡状态，则有： ③……（3分）得： ……（1分）(3)如小球从D点飞入，从A点飞出，小球在长方体上表面 ADDA′D水平面内做匀速圆周运动，由分析可知，小球的运动轨迹如右图所示（俯视图）,由勾股定理得： ④……（3分） 得 ……（1分） 由牛顿运动定律可知： ⑤……（3分）得 ……（1分） 由左手定则，磁感应强度B的方向为竖直向下 ……（1分）36．（18分）（1）设小滑块运动到D点的速度为 v，由机械能守恒定律有： MgR＝Mv2 ① (2分) 由牛顿第二定律有F - Mg＝M ② (2分) 联立①②解得小滑块在D点所受支持力F＝30 N (1分) 由牛顿第三定律有，小滑块在D点时对圆弧的压力为30N (1分)(2) 设B滑块被碰后的速度为vB，由动量守恒定律： M v＝MvA+m vB (3分) 解得小滑块在D点右侧碰后的速度 vB＝ 4 m/s (1分)(3) 讨论：由于B物块的速度较大，如果它们能再次相碰一定发生在B从竖直挡板弹回后，假设两物块能运动到最后停止，达到最大的路程，则对于A物块 (2分)解得 SA=2 m (1分)对于B物块，由于B与竖直挡板的碰撞无机械能损失，则 (2分)解得 SB=8 m （即从E点返回2 m）(1分)由于SA+ SB=10 m
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